2023年高职单招《物理》每日一练试题11月24日

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判断题

1、骑自行车下坡，速度越来越快,在这过程中，人和车的重力势能都减小。  

答 案：对

解 析：人骑自行车下坡，速度会越来越快,在这过程中人和车的质量不变，速度增大，动能变大;高度减小，重力势能减小。故题干说法正确。

2、将一支笔斜放进水中，一部分放到水中,另一部分露出水面,发现笔好像断了,这是由光的反射所形成的。  

答 案：错

解 析：水面的“断笔”现象是由光的折射所形成的。故题干说法错误。

单选题

1、如图所示，物体静止在支持面上,物体对支持面的压力为 F,图中能够正确表示这个压力的是()  

• A：
• B：
• C：
• D：

答 案：C

解 析：物体静止在支持面上,物体对支持面的压力为 F,则与接触面是垂直的,压力作用在支持面上,故C正确。故选 C。

2、将文具盒放在水平桌面上，下列几对力中属于平衡力的是（　　）  

• A：文具盒受到的重力和桌面对文具盒的支持力
• B：文具盒对桌面的压力和桌面对文具盒的支持力
• C：文具盒受到的合力和桌面对文具盒的支持力
• D：文具盒受到的压力和文具盒对桌面的压力

答 案：A

解 析：A、文具盒受到的重力竖直向下，水平桌面对文具盒的支持力竖直向上，两个力在同一直线上，大小相同，方向相反，都作用在文具盒上，属于一对平衡力，故A符合题意；B、文具盒对桌面的压力和桌面对文具盒的支持力，两个力在同一直线上，大小相同，方向相反，作用在对方物体上，属于一对相互作用力，故B不符合题意；C、文具盒受到的合力为0，包括桌面对文具盒的支持力，故C不符合题意；D、文具盒受到的压力是桌面对文具盒的作用力，和文具盒对桌面的压力两个力在同一直线上，大小相同，方向相反，作用在对方物体上，属于一对相互作用力，故D不符合题意。故选A。

多选题

1、小车静止在光滑水平面上，站在车上的人练习打靶，靶装在车上的另一端，如图所示。已知车人、枪和靶的总质量为M(不含子弹)，每颗子弹质量为m，共n发，打靶时，枪口到靶的距高为d。若每发子弹打入靶中，就留在靶里，且特前一发打入靶中后，再打下一发。则以下说法正确的是()  

• A：待打完n发子弹后,小车将以一定速度向右匀速运动
• B：待打完n发子弹后,小车应停在射击之前位置的右方
• C：在每一发子弹的射击过程中,小车所发生的位移相同,大小均为md/nm+M
• D：在每一发子弹的射击过程中,小车所发生的位移不相同

答 案：BC

2、下列说法正确的是()  

• A：的半衰期是5天，经过15天后还有1.5g未衰变
• B：按照波尔理论，氢原子核外电子从较小半径跃迁到较大半径轨道时，电子的动能增大，原子总能量增大
• C：光电效应和康普顿效应都揭示了具有粒子性
• D：方程式是重核裂变反应方程
• E：普朗克为了解释黑体辐射现象，第一次提出了能量量子化理论

答 案：ACE

填空题

1、力的三要素是____、____、____。  

答 案：大小，方向，作用点

2、自然界只存在两种电荷，电荷既不能被消灭，也不能创生，它们只能是（），或者是（）。这个结论叫作电荷守恒定律。  

答 案：从一个物体转移到另一个物体，或从物体的一个部分转移到另一部分。

解 析：电荷守恒定律

简答题

1、如图所示的装置中，两个光滑定滑轮的半径很小。表面粗糙的斜面固定在地面上。现用一根伸长量可以忽略的轻质细绳跨过定滑轮连接可视为质点的甲、乙两物体，其中甲放在斜面上且连线与斜面平行，乙悬在空中，放手后，甲、乙均处于静止状态。当一水平向右飞来的子弹击中乙（未穿出》后，子弹立即和乙一起在竖直平面内来回运动，若乙在摆动过程中，悬线偏离竖直方向的最大偏角为α=60°，整个过程中，甲均未动，且乙经过最高点（此时乙沿绳方向的合外力为零）和最低点时，甲在斜面上均即将滑动。已知乙的重心到悬点o的距离为l=0.9m，乙的质置为mz=0.99kg，子弹的质m=0.01kg，重力加速度g取10m/s2，求：(1)子弹射入射己前的速度大小;(2〉斜面对甲的最大静摩擦力。  

答 案：(1)300m/s(2)7.5N

2、如图所示，电阻为0.30Ω，质量m=0.20kg的金属棒CD垂直跨在位于水平面上的两条平行的光滑金属导轨上，导轨与金属棒接触良好，导轨的电阻不计。导轨左端接有一个R=0.50Ω的电阻和一个理想电压表。当金属棒在水平拉力F的作用下向右以恒定的速度v=2.0m/s匀速运动时，电压表的示数为1.0V，若导轨处在方向竖直向下的匀强磁场中，求：（1）水平拉力F的大小；（2）若突然撤去水平拉力F，此后在电阻R上产生的电热是多少？  

答 案：（1）设CD杆产生的电动势为E，电流表的示数为I。则对R研究，可知：I=U/R=1/0.5A=2A棒产生的感应电动势为E=BLv由闭合电路欧姆定律有：I=BLv/R+r,得：BL=I(R+r)/v=2*(0.5+0.3)/2=0.8T设CD杆受到的拉力为F，则安培力大小F=BIL=0.8*2N=1.6N（2）由能量守恒，回路中产生的电热Q等于CD棒动能的减少量Q=?*0.1*22J=0.2J,电阻R上产生的电热Q=R/(R+r)*Q=0.5/(0.5+0.3)*0.2=0.125J